ENEM 2021 PPL — questão 120 de Física

Gabarito CEnergia — geração fotovoltaica e conversão de unidades2º dia · Reaplicação/PPL · Caderno 5 (Amarelo)
Enunciado — imagem da prova
Enunciado da questão 120 de Física do ENEM 2021 PPL

Enunciado em texto

O Brasil possui um nível de irradiação solar tão alto que mesmo no local menos ensolarado do país é possível gerar mais eletricidade solar que no local mais ensolarado da Alemanha, que investe muito no desenvolvimento e implantação de plantas fotovoltaicas.

No ano de 2013, a quantidade de energia elétrica gerada em toda a Alemanha a partir de células solares, cuja eficiência média é de 15%, somou 30 000 GWh em uma área estimada de 170 km². Por sua vez, no chamado cinturão solar brasileiro, a irradiação chega a atingir 2 200 kWh/m² anuais. Uma alternativa de geração de energia elétrica nessa região é a instalação de células solares como as da Alemanha, que podem abastecer milhões de residências. No Brasil, nos últimos anos, o consumo médio residencial foi da ordem de 2 000 kWh anuais.

O número de residências, em milhões, que poderiam ser abastecidas caso fossem instalados, no cinturão solar brasileiro, painéis solares com área e eficiência equivalentes aos utilizados na Alemanha é mais próximo de:

a) 2,3 b) 15 c) 28 d) 56,1 e) 187

Transcrição do enunciado original da prova, reproduzido para fins de estudo. Todos os direitos do enunciado pertencem ao ENEM.

Resolução comentada

O que a questão pede: quantos milhões de residências brasileiras seriam abastecidas por painéis com a mesma área e a mesma eficiência dos alemães, instalados no cinturão solar.

Passo 1 — separar o que se aproveita de cada país. Os dados da Alemanha servem para extrair área e eficiência; a irradiação e o consumo são brasileiros.

A=170 km2η=15%=0,15I=2 200 kWhm2⋅anoC=2 000 kWhanoA = 170\ \text{km}^2 \qquad \eta = 15\% = 0{,}15 \qquad I = 2\,200\ \frac{\text{kWh}}{\text{m}^2\cdot\text{ano}} \qquad C = 2\,000\ \frac{\text{kWh}}{\text{ano}}

Os 30 000 GWh30\,000\ \text{GWh} da Alemanha não entram na conta — eles existem no enunciado só para dar o contexto de comparação.

Passo 2 — a conversão que decide a questão. Área em quilômetro quadrado, irradiação por metro quadrado. E o fator não é mil:

1 km2=(103 m)2=106 m2  ⇒  A=170×106 m2=1,7×108 m21\ \text{km}^2 = (10^3\ \text{m})^2 = 10^{6}\ \text{m}^2 \;\Rightarrow\; A = 170 \times 10^{6}\ \text{m}^2 = 1{,}7\times10^{8}\ \text{m}^2

É aqui que a maioria erra, usando 10310^3 e chegando a um número mil vezes menor.

Passo 3 — a energia gerada por ano. Irradiação que chega, vezes a área, vezes a fração que o painel converte:

E=I⋅A⋅η=2 200×1,7×108×0,15E = I \cdot A \cdot \eta = 2\,200 \times 1{,}7\times10^{8} \times 0{,}15

E=3,74×1011×0,15=5,61×1010 kWh/anoE = 3{,}74\times10^{11} \times 0{,}15 = 5{,}61\times10^{10}\ \text{kWh/ano}

Passo 4 — dividir pelo consumo de uma casa.

N=5,61×10102 000=2,805×107=28,05 milho˜esN = \frac{5{,}61\times10^{10}}{2\,000} = 2{,}805\times10^{7} = 28{,}05\ \text{milhões}

Resposta: alternativa C (28).

A armadilha da alternativa (E), 187: é a conta sem aplicar a eficiência de 15% — como se todo o sol que cai no painel virasse eletricidade. 187/28≈6,7187/28 \approx 6{,}7, que é exatamente 1/0,151/0{,}15. O painel converte só uma fração; o resto vira calor e reflexão.

A armadilha da (A), 2,3: aparece ao usar os 30 000 GWh30\,000\ \text{GWh} da Alemanha e simplesmente converter, sem passar pela irradiação brasileira.

O que o resultado significa: 170 km2170\ \text{km}^2 é um quadrado de cerca de 13 km de lado — menos que a área urbana de muitas capitais. Com ele, no cinturão solar, se abasteceriam 28 milhões de residências. É o argumento inteiro do texto: o Brasil tem, de graça, o recurso que a Alemanha compensa com investimento.

A ideia em uma frase: irradiação vezes área vezes eficiência dá a energia — e 1 km21\ \text{km}^2 são um milhão de metros quadrados, não mil.

Vídeo em breve

A resolução em vídeo desta questão ainda não foi gravada. A explicação escrita acima está completa, passo a passo. Novos vídeos saem no canal do Professor Filatte.

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